Даны две окружности радиусов r и R, расстояние между центрами d (d > R + r). Найдите отрезок их общей внешней касательной.
Решение
Дано
окружности с центрами \(O_1\)
\(O_2\) и радиусами \(r \le R\)
\(O_1O_2 = d\)
\(MK\) — общая внешняя касательная (\(M\) и \(K\) — точки касания)
Найти
\(MK\)
\(O_1M \perp MK\) и \(O_2K \perp MK\), радиусы лежат по одну сторону от касательной, поэтому \(O_1MKO_2\) — прямоугольная трапеция (при \(r = R\) — прямоугольник).
Проведём \(O_1H \perp O_2K\). Тогда \(O_1MKH\) — прямоугольник, \(O_1H = MK\), \(O_2H = R - r\).
По теореме Пифагора в треугольнике \(O_1HO_2\) с гипотенузой \(O_1O_2 = d\):
\[MK = \sqrt{d^2 - (R - r)^2}.\]
Ответ
√(d² − (R − r)²)
Почему так
Отрезок внешней касательной — катет прямоугольного треугольника с гипотенузой d и катетом, равным разности радиусов.
Даны две окружности радиусов r и R, расстояние между центрами d (d > R + r). Найдите отрезок их общей внутренней касательной.
Решение
Дано
окружности с центрами \(O_1\)
\(O_2\) и радиусами \(r\)
\(R\)
\(O_1O_2 = d > R + r\)
\(MK\) — общая внутренняя касательная (\(M\) и \(K\) — точки касания)
Найти
\(MK\)
\(O_1M \perp MK\) и \(O_2K \perp MK\), а центры лежат по разные стороны от касательной.
Продолжим радиус \(O_2K\) за точку \(K\) на отрезок \(KH = r\). Отрезки \(O_1M\) и \(KH\) равны, параллельны и лежат по одну сторону от \(MK\), поэтому \(O_1MKH\) — прямоугольник: \(O_1H = MK\), \(O_1H \perp O_2H\).
В прямоугольном треугольнике \(O_1HO_2\): \(O_2H = R + r\), гипотенуза \(O_1O_2 = d\). По теореме Пифагора
\[MK = \sqrt{d^2 - (R + r)^2}.\]
Условие \(d > R + r\) означает, что окружности лежат одна вне другой — только тогда внутренняя касательная существует.
Ответ
√(d² − (R + r)²)
Почему так
Отрезок внутренней касательной — катет прямоугольного треугольника с гипотенузой d и катетом, равным сумме радиусов.
Условия задач приведены кратким пересказом. Полный текст — в учебнике «Геометрия. 7–9 классы» (Л. С. Атанасян, В. Ф. Бутузов, С. Б. Кадомцев, Э. Г. Позняк, И. И. Юдина; Просвещение, 2023, 2024).